Bonjour,
Un petit exercice d'algèbre linéaire (~ début de cours de L1) tout bête, mais sur lequel je bloque partiellement.
Bonjour Osmund, peux-tu renseigner ton profil s'il te plaît ?
loisir ? licence ?
salut
ce n'est pas un raisonnement par l'absurde mais par contraposée :
si P =: " x n'est pas nul" alors Q =: "la famille (x, u(x)) est libre"
contraposée : si non Q =: " la famille (x, u(x)) est liée" alors non P = : " x est nul"
tu as donc :
(x, u(x)) libre
y vec (x, u(x)) (en particulier y 0)
en particulier (x, u(x), y) est libre ...
suppose que u(y) est combinaison linéaire de (x, u(x), y) en écrivant que u(y) = ax + bu(x) + cy
et applique u à cette égalité ...
Plus convaincant concernant la question 1 :
Soient a E et (s , t) ² tel que s.a + t.u(a) = 0 .
On en déduit s.u(a) - t.a = 0 donc (s² + t²).a = 0 .
Si a est non nul on a donc (s , t) = (0 , 0) et {a , u(a)} est libre .
pour 1/ plus précisément on arrive à
et c'est parce qu'on travaille sur R que seul x peut être nul
sur C le premier facteur s'annule aussi ... en i ou -i ...
oui c'est cela car (x, u(x), y) est libre => (x, u(x), y) est une base de vect (x, u(x), y) donc ca - b = (cb + a) = c^2 + 1 = 0
...
ha et en voyant l'intervention de etniopal (que je salue) je voulais aussi dire pour 1/ :
effectivement tu pars de si on suppose que k 0... mais tu ne dis pas pourquoi ?
à nouveau plus naturellement partir plutôt de :
supposons u(x) = kx alors -x = ku(x) = k^2x donc (k^2 + 1)x = 0
tu conclus de même sans aucune hypothèse sur k ... car k^2 + 1 ne s'annule pas sur R ...
Bonjour !
Que je dache une famille finie (xj)jJ d'un K-ev est libre ssi la seule famille (tj)jJ d'éléments de K qui vérifie j tj.xj = 0 est la famille nulle .
Si on veut montrer , dans l'exercice , que {a , u(a)} est libre on part donc de (s , t) ² tel que s.a + t.u(a) = 0 et on montre que s = t = 0 si a est non nul .
DE même si a est non nul et si b .a + .u(a) pour montrer que {a , u(a) , b , u(b) } est libre on suppose que les réels x , y , z , t vérifient
x.a + y.u(a) + z.b + t.u(b) = 0 .
Ils vérifient donc aussi -y.a + x.u(a) -t.b + z.u(b) = 0 .
En éliminant u(b) on voit que (z² + t²).b .a + .u(a) ce qui entraine que z² + t² = 0
.....
Houla, ça fait beaucoup de réponses (et de questions ). Merci à vous !
En vrac :
certes mais on a aussi l'équivalence entre une famille est non-libre (donc liée) avec l'un des éléments est combinaison linéaire des autres (à coefficients non tous nuls (sauf pour 0))
et ceci n'est pas vraie avec tous les éléments ...
on peut très bien supposer que la famille est liée (avec des conditions pour "choisir" le "bon" élément qu'on "isole") pour aboutir à la même contradiction que toi ...
Bonjour !
@ Osmund
La matrice de u L(4) vérifiant u o u = Id n'est pas celle que tu as proposée .
____________________________
Pour prolonger .
Montrer que pour tout n * il existe des u L(2n) tels que u o u = Id et des (a1,....,an) n tels que (a1 , u(a1) , ....,an , u(an) ) soit une base de 2n .
Exprimer la matrice d'un tel u dans cette base .
Bonjour,
La matrice finale du 3) proposée par Osmund dans son 1er message est bonne.
Par ailleurs :
Les a1,....,an ne sont pas dans ; Comment (a1,....,an) peut être dans n ?
Re bonjour !
Quelques corrections
Il existe des u dans L( 2n ) tels que u o u = -Id et des a1,....,an dans 2n tels que (a1 , u(a1) , ....,an , u(an) ) soit une base de 2n .
n = 1 : On prend a 2 \ { 0 } .
{a , u(a) est libre puisque si s.a + t.u(a) = 0 on a aussi s.u(a) - t.a = 0 donc (s² + t²).a = 0 et donc s = t = 0 .
Dans la base (a , u(a)) la matrice de u est
n = 2 : On prend a E \ { 0 } et b .a + .u(a)
(a , u(a) , b , u(b)) est une base de E et la matrice de u dans cette base est ( ici 0 est un " 2-2bloc" formé de 0 .
On peut la noter Diag(J , J)
Effectivement la matrice de u demandée par l'énoncé n'est pas dans la base que j'ai choisie !!
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