Bonjour ,
Voici une inégalité pour vous :
Soient les réels x,y,z >0 et xyz=1.
Démontrer que pour tout triplets x,y,z satisfaisant a cette condition,
1/(x+y^20+z^11)+1/(y+x^11+z^20)+1/(z+x^20+y^11) est inférieure ou égale a 1.
Bien a vous.
Ça me semble vrai.. Voici où j'en suis :
On peut simplifier les contraintes x,y,z >0 et xyz=1 avec ce changement de variables:
f(x,y,z) = 1/(x+y^20+z^11)+1/(y+x^11+z^20)+1/(z+x^20+y^11) est donc égal à
Avec
On veut prouver que le maximum de f est 1 et donc que le maximum de g est 1.
On peut trouver le maximum en dérivant par rapport à u et v. J'obtiens des expressions peut simples.
Ou bien prouver que ABC > AB+BC+CA, pas beaucoup plus simple.
Numériquement on voit bien qu'il n'y a qu'un maximum local et comme g est symétrique en u et v (on peut les inverser), on pourrait poser que le maximum se trouve sur la droite u=v. Numériquement on obtient le maximum pour (u,v) = (0,0) et il vaut bien 1.
salut
avec les conditions x > 0, y > 0 et z > 0 et xyz = 1
donc la fonction f est :
1/ "symétrique" en x, y, z : pour toute permutation s de {x y, z} : f(s(x) s(y) s(z)) = f(x, y z) et s(x)s(y)s(z) = 1
2/ prolongeable en (0, 0, 0) et s(0, 0, 0) = 0
3/ tend vers 0 dès que x ou y ou z tend vers l'infini (une ou deux des variables tend vers +oo)
4/ est continue
donc f admet un maximum
d'après 1/ ce maximum a donc lieu lorsque x = y = z or xyz = 1
donc le maximum de f est f(1, 1, 1 ) = 1/3 + 1/3 + 1/3 = 1
Bonjour, carpediem.
Il y a deux fautes dans ton raisonnement.
1) Il est faux que (avec les notations que tu as employées)
2) Exemple d'une fonction continue sur , "symétrique en ", admettant un maximum en , avec distincts 2 à 2.
ha ben ouais j'suis bête !!!
j'ai été effrayé par la bête sans même reprendre mon souffle !!!
merci
PS : en fait ici il n'y a invariance que par permutation circulaire effectivement !!!
Bonjour à tous.
La fonction étant convexe, on a:
On rappelle que, pour tout triplet de réels strictement positifs:
(inégalité arithmético-géométrique)
Donc, si , alors:
, ,
Et donc
Bonjour, jandri.
En effet, la démonstration que j'ai faite le 10 octobre à 22h38 est fausse .
Merci.
Bonjour a tous,
Pourriez-vous proposer une solution en utilisant les inégalités de moyenne arithmetico géometrique ?
Cordialement
Quelque chose du genre:
f(x,y,z) = 3/H(A,B,C)
Avec H(...) la moyenne harmonique et (A,B,C) = (x+y^20+z^11, y+x^11+z^20, z+x^20+y^11)
On a H(A,B,C) >= min(A,B,C)
Or A,B et C sont des sommes de positifs dont l'un au moins est >= 1 puisque au moins un de x, y ou z est >=1
Donc H(A,B,C) >= min(A,B,C) >= 1
Donc f(x,y,z) <= 3.
Youhou f est limitée ... mais pas encore à 1
LittleFox : merci !
dommage que "la fenêtre sorte de l'écran" ... mais on "comprend" ce que tu as rentré
Bonjour ,
Je propose :
a= 20b= 11c ;
Les plus petits entiers satisfaisant cette conditions sont :
a=220, b=11, c=20.
A vous...
Bonjour,
Ce n'est pas dans mes cordes,mais si on va sur le graphe de Littlefox on peut avec
la molette de la souris faire varier l'axe c'est de l'art
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