Bonjour tout le monde,
vous savez tous que lorsqu'on lance un objet, sa trajectoire est parabolique, et il faut un angle de 45° pour que le projectile aille le plus loin possible.
Depuis une autre énigme (ici : L'artilleur ), vous savez aussi qu'il faut un angle de 56,5° pour que la longueur de la trajectoire soit la plus longue possible.
Aujourd'hui, Jamo ne manque pas d'air et vous propose encore une variante de ce problème où il est question d'aire !
L'action se situe sur un sol horizontal, et on tire un projectile au niveau du sol avec une vitesse initiale de 20 m/s. On prendra g=10 N/kg, et on néglige les frottements.
Question : déterminer l'aire maximale sous la courbe (en vert sur la figure ci-dessous) ainsi que la valeur de l'angle de lancer correspondant.
Il y a donc deux valeurs à donner :
1. la valeur de l'angle (par rapport à l'horizontal), en degrés, avec une précision au centième si nécessaire ;
2. la valeur de l'aire, en m2, avec une précision au centième si nécessaire.
Et pour les plus courageux, mais c'est optionnel, vous pourrez vous amuser à déterminer les valeurs exactes ...
Bonne recherche !
Bonjour Jamo,
Je trouve =60,00° et A=346,41 m² .
Quelques calculs me conduisent (sauf erreur) à A=80²/6*sin3*cos . D'où pour le maximum =/3 et A=2003
Bonjour Jamo,
Je me suis lancé dans la résolution exacte :
On part de la seconde loi de Newton, on intègre deux fois sans oublier les conditions initiales et on trouve l'équation de la trajectoire en fonction de alpha :
y(x) = x*tan(alpha)-(1/2)*g*x^2/(v0^2*cos(alpha)^2)
On trouve la valeur x0 pour laquelle l'objet touche le sol (on élimine bien sur la solution x=0) :
x0 = 2*tan(alpha)*v0^2*cos(alpha)^2/g
On définit alors la fonction aire A(alpha) :
A(alpha) = int(y(x), x = 0 .. x0) = 2/3 * sin(alpha)^3 * cos(alpha) * v0^4 /g^2
On cherche alors le maximum (donc un extremum) de cette fonction de alpha -> on dérive. Bon là j'ai fait appel à maple, pas envie de dériver ça à la main :
A'(alpha) = 2*tan(alpha)^2*v0^4*cos(alpha)^4*(1+tan(alpha)^2)/g^2-(8/3)*tan(alpha)^3*v0^4*cos(alpha)^3*sin(alpha)/g^2
On demande à maple de résoudre A' = 0, il trouve les valeurs de alpha suivante : 0, (1/2)*Pi, (2/3)*Pi, (1/3)*Pi
On élimine 0 et Pi/2 car ce sont des minimums et non des maximums (mais c'est tout de même rassurant de retrouver les résultats intuitifs : si tu lance ton objet à la verticale ou à l'horizontale l'aire balayée est nulle).
Enfin 2*Pi/3 et Pi/3 sont une même valeur, cela dépend de si tu as lancé ton objet vers la gauche ou vers la droite, conformément au dessin proposé dans l'énoncé, je ne retiendrait donc que la valeur :
alpha = 60 degrés
On trouve alors A(Pi/3)=(1/8)*sqrt(3)*v0^4/g ce qui avec les valeurs de l'énoncé de v0 et g donne :
Aire balayée : 200*sqrt(3) 346,41 m²
Merci pour l'énigme,
A bientot.
Bonjour,
ma réponse : S = 173.21 m² pour un angle de 60,00°
formule exacte :
Le maximum est atteint quand est max.
soit
Or 0
en simplifiant, on arrive à :
cos()=1/2
Bonjour jamo
Je trouve un angle de 30 degrés exactement, ce qui donne une aire de 346.41 m².
Merci pour l'énigme
ne faudrait il pas trouver d'abord l'équation de la droite (-1/2gt²+V+Cste)
pour l'angle ne faudrait il pas trouver le coefficient de la tangente a l'origine de la courbe puis grace a la tan-1du coefficient on determine langle ou pour avoir l'aire directement on calcule l'integrale de la fonction.....
c'est ce que je pense....
Salut JAMO et tous les Amis!
Ma proposition:
* L'angle alpha = 60 degré soit pi/3 en radian (valeur exacte de alpha)
* La surface maximale = 346,410 m²
-----------------------------------
Element de solution:
Bonjour,
Fais à la va vite donc certainement faux :
Je trouve un angle de 60° et une aire correspondante soit m².
Bonjour,
Mes réponses :
arrondies
1. 60°
2. 346,42 m²
exactes :
1. 60°
2. m²
Démonstration :
Les énigmes précédentes ont permis d'établir l'équation de la courbe trajectoire :
donc ici
et la portée
donc ici
Il s'agit alors de calculer l'aire par intégration de 0 à L :
on obtient
Il ne "reste" plus qu'à étudier les variations de sur
SSI ( EXCLU)
ou
°
et alors A(60°)=346,42m²
selon mes calculs préliminaires et qui n'engagent que moi:
teta= 0.7137 rad cad 40.89°
aire=316.69 m²
Bonjour,
Merci pour cete énigme qui renouvelle bien le genre .
Sauf erreur, l'angle optimal est de 60°.
Et la surface maximale est alors de 346,41 m².
Pour trouver ces résultats, un artilleur aurait procédé comme suit...
La hauteur de la parabole est donnée par H = sin²(alpha).V²/2g
La portée du projectile est donnée par P = 2X = 2.sin(2.alpha).V²/2g
L'aire de la parabole est de 2/3 de celle du rectangle qui la contient, donc A = (2/3).P.H = (2/3).sin²(alpha).V²/2g.2.sin(2.alpha).V²/2g
En posant H* = Hauteur max = V²/2g, et sin(alpha)=s, cos(alpha)=c :
On obtient : A = (8/3)H*².cos(alpha).sin3(alpha)
En prenant le carré et en posant sin(alpha)=s :
(1-s²).s6 = s6 - s8, se dérive en 6s5 - 8s7, qui s'annule pour s²=3/4.
D'où l'angle exact de 60° (sin=racine(3)/2 et cos=1/2).
La hauteur maximale H*=20m.
La hauteur exacte de la parabole H=15m.
Et l'aire exacte de la parabole :
A = H*².racine(3)/2
A = (V²/2g)².racine(3)/2
A = 200.racine(3).
Bonjour,
Je propose :
angle = 60°
Aire = 2003 = 346,41 m²
Encore merci pour toutes ces chouettes énigmes
Bonne journée
Rebonjour,
Détail des calculs :
Trajectoire :
x(t) = V0 cos t
y(t) = V0 sin t - (g t2)/2
Xmax pour y=0 ==> t1 = (2 V0 sin)/g
Xmax = V02 sin(2) / g
Ymax en Xmax / 2 ==> en t1 / 2 = (V0 sin)/g
Ymax = V02 sin2() / (2 g)
Aire = 2/3 Xmax Ymax
= (V04 sin(2) sin2())/(3 g2)
Pour maximiser cette aire il faut = 60°
L'aire vaut alors : A = V04 3 / (8 g2)
Comme V0 = 20 m/s ==> Aire max = 2003
Bonne journée
Je viens de me rendre compte que si le reste de mes calculs sont justes l'angle vaut 60° et non 30°.
Vraiment tordu, je peut vous dire que j'en ai chié des ronds de chapeau avec mon niveau de première S ^^
angle : 60°
Aire : 346,410 m
Merci pour l'enigmo Jamo !
Bonne soirée à tous.
1) PFD
2) Utilisation de Green-Riemann
3) Résolution numérique
Je trouve, sauf erreur : angle = 1.05 radians soit 60.00 degrés
Je ne sais pas comment mais mon message est parti avec que je puisse donner l'aire.
Aire maximale = 1037.50 m^2
Bonsoir,
considérons la figure ci-dessous:
l'équation de la parabole de tir OAB est y=(tg)*x- g* x2/2(v cos )2
en remplaçant v par 20m/s et g par 10m/s2
on obtient l'équation y = (tg)*x - x2/80 (cos )2. La dérivée vaut y'= tg-2x/80 (cos )2.
Cette dérivée annulée donne les coordonnées du sommet A de la parabole: on trouve tg= x/40(cos )2
soit x(A)= 40*sin*cos et y(A)=20*(sin)2.
Le point B a pour coordonnées y(B)=0 et x(B)= 80 sincos
Archimède a montré que l'aire sous la parabole vaut 4/3 aire du triangle OAB
soit S(parabole) = 4/3*x(A)*y(A) soit 4/3*800*(sin)3*cos = 3200/3*(sin)3*cos
La valeur exacte est donnée par l'intégrale S=y*dx sur l'intervalle 0-x(B) soit S= tgx2/2 - x3/(3*80 (cos)2) où l'on remplace x par la valeur de x(B) le résultat est S=1066,6666...*(sin)3*cos
En utilisant un tableur,on fait varier pour obtenir la valeur de l'aire maximale sous la parabole S(max) =346,4101615 m2 arrondi à
S =346,41m2 pour une valeur de l'angle = 60°00
La différence entre le calcul de l'aire par la méthode d'Archimède et par le calcul de l'intégrale est négligeable.
Amitiés, bien à vous
alpha = 60° pour une aire de 588 897,275 m²
mais est ce que le calcul de cette aire peut avoir une utilité concrete ?
angle: 79.59°
aire: 346.41 m²
Merci pour cette énigme qui allie à la fois physique (pour l'obtention de lequation de la parabole) mathématique (pour obtenir l'équation reliant l'aire à l'angle) et informatique (pour trouver la valeur de l'angle pour que l'aire soit maximale)
L'aire de la trajectoire est donnée par
A() = sin3()*cos()*Vo4 / (6.g²)
Une petite étude de fonction conduit à :
Aire maximale : 503 m² soit 86,60 m²
atteinte pour : = 60°
ce n'est pas si courageux de calculer les valeurs exactes puisque c'est à partir d'elles qu'on trouve les valeurs approchées ... ou alors le problème est plus compliqué que ce que j'ai fait ^^
L'équation de la trajectoire est:
f(x)= (-g/(2vo²cos²)).x²+(tan).x
f(x)=0 pour x=0 ou x=(vo²sin2)/g
Aire=0(vo²sin2)/gf(x)dx
A()=((2vo4)/(3g²)).sin3.cos
on sait que 0/2
Sur cet intervalle,étudions la variation de A:
A est croissante pour 0/3 et A est décroissante pour/3/2
L'aire est donc maximale pour =/3 rad, c'est-à-dire pour =60° et vaut A(/3)=2003 soit environ 346.41 m²
Bonsoir.
L'angle est 60° exactement.
L'aire est 173,21 arrondi au centième de mètre carré le plus proche (3 dam²).
Soit t l'angle
En prenant comme unité le décamètre :
le projectile tombe à 2*2*cos(t)*sin(t) de son point de départ
la hauteur moyenne de la courbe est (2*sin(t))²/3
Bonjour jamo,
avec quelques équations, une intégration de polynôme, un peu de trigonométrie, je trouve :
- angle = 60 degrés "pile poil" ;
- aire = 2003 m², soit 346,41 m² au centième de m².
J'espère avoir les bons résultats.
Merci jamo pour cette nouvelle énigme.
P.
Bonjour,
Angle de lancement: 60°.
Aire maximale de la surface sous la parabole: environ 346,4 m2.
A+
Bonsoir jamo,
Je viens d'apprendre a l'ecole, l'application de la 2eme loi de Newton dans un mouvement plan (notamment les projectiles...), donc beau entrainement !
1. La courbe Cf du graphe de l'enonce represente la trajectoire du projectile, et est de meme la representation d'une fonction polynome de second degre... Elle est de la fomre: f(x)=ax^2+bx+c avec a0
La droite d'equation y=0 coupe Cf en 2 points de coordonnees (0;0) et (8;0) donc f(x)=ax(x-8)
Le point (3;6) a Cf (graphiquement) donc:
6=9a-24a
a=-6/15
f(x)=(-6/15)x^2 + (48/15)x=-0.4x^2+3.2x
Or f peut s'ecrire aussi sous forme de: f(x)=-g/(2v0^2cos2)*x^2 + (tan)x
Par identification, tan =3.2 et =72.65 degre (arrondis au centieme par exces)
2. soit F la primitive de f donc F(x)=(-0.4/3)x^3 + (3.2/2)x^2 + k (k un reel)
L'aire A sous la courbe= F(8)-F(0)=34.13 m^2 (arrondis au centieme par default)
Pour la question 2. un internaute m'avait aidé en me donnant la formule ... aire
Au passage, j'ai une question concernant le numero 1, mais que je la poserai une fois que la correction est mise... J'avais essaye au debut une autre methode mais ca menait a plusieurs valeurs de et aucune d'entre elles sont egale a 72.65 degre (je suis persuade que 72.65 degre est la bonne reponse, car j'ai pris les coordonnees de quelque point de la courbe, et je les ai remplace dans l'equation de la trajectoire pour verifier si ca donne la meme reponse ...) J'ai pourtant verifie plusieurs fois la methode (qui mene a plusieurs valeurs pour ), mais je ne retrouve toujours pas mon erreur !
Merci pour l'enigme
Clôture de l'énigme
L'aire maximale est de 2003 (soit environ 346,41 m2), pour un angle de 60°.
Contrairement à la détermination de la longueur de parabole maximale, ce problème peut se résoudre de manière exacte.
Après la portée maximale, la longueur maximale, et l'aire maximale, je vous laisse méditer pour savoir sur quoi portera la prochaine énigme dont la parabole sera encore en vedette !
J'ai bien fait de même pas essayer de réfléchir à cette enigme. Je ne comprend rien dans ce domaine !
Jun_Milan >> la figure servait juste d'illustration. De plus, aucune unité n'était indiquée sur les axes, donc on ne pouvait pas s'en servir.
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